三角形の「内心I」,「傍心E_A」,「垂心H」,「外心O」,「重心G」の重心座標と三線座標-09.7.15(水)
<記号の約束>
mは自然数、E^mでm次元ユークリッド空間を表すものとし、「ベクトルAB」などを(→AB)などで表す。
また、「三角形ABC」の3辺BC,CA,ABをBC=a,CA=b,AB=cとし、その面積をSで表す。
1.三角形の「三線座標」の大雑把な復習
△ABC⊆E^2⊆E^m (m≧2)としておく。
よくやるように 2s=a+b+c …(1.1.1) とおく。
「△ABC」で頂点Aから底辺BCに下した垂線の足をH_Aとし、その長さ(高さ)をh_Aとする。
同様に、頂点B,Cからの垂線を考えてCA上に点H_B,AB上に点H_Cをとり、h_B=BH_B,h_C=CH_C …(1.1.2)
とする。
E^2内の任意の点Tにたいし、点Tから底辺BCまでの「符号つき距離」をα,
点Tから底辺CAまでの「符号つき距離」をβ,点Tから底辺ABまでの「符号のつき距離」をγとする。
ここで、点Tから底辺BCまでの「符号つき距離α」とは「点Tから直線BCに下した垂線の長さ」で、
その「符号」は次のように定める。点Tから直線BCに下した「垂線の足」を例によって「T^A」
などとして T(T^A)=α であるが、
(ア) 点Tが直線BCに関して、頂点Aと同じ側にあるとき、T(T^A)=α>0
(イ) 点Tが「直線BC上にある」とき、 T(T^A)=α=0
(ウ) 点Tが直線BCに関して、頂点Aと反対側にあるとき、T(T^A)=α<0 …(1.1.3)
と定めるのである。
このような3つの実数の組(α,β,γ)はE^2内の点Tによって「一意的」に定まる。
この3つの実数の組(α,β,γ)を点Tの△ABCに関する「三線座標」,または単に「三線座標」とよぶ。
[注意]:この符号つき距離の「符号」は次のように考えてもよい。
◎ベクトル(→AH_A)は「零ベクトルではない」から、(→AH_A)の向きを「正」と考えるのである。
そして
(ア)(→TT^A)≠(→0)で、(→TT^A)と(→AH_A)が同じ向きに平行なとき、TT^A=α>0
(イ)(→TT^A)=(→0)のとき、 TT^A=α=0
(ウ) (→TT^A)≠(→0)で、(→TT^A)と(→AH_A)が反対向きに平行なとき、TT^A=α<0 …(1.1.4)
「命題1.2.1]
h_A=(2S)/a,h_B=(2S)/b ,h_C=(2S)/c …(1.1.5)
「証明」
面積の式 (1/2)a(h_A)=(1/2)b(h_B)=(1/2)c(h_C)=S からでる。
(「証明」終わり)
「命題1.2.2」
E^2内の任意の点Tの重心座標を(κ,λ,μ),κ+λ+μ=1とすると、任意の点P∈E^mに対して、
(→PT)=κ(→PA)+λ(→PB)+μ(→PC) …(1.2.1) となる。
このとき、κ≠1ならば、 直線ATは、直線BCと唯1点T_Aで交わる。
「κ≠1のときに限り」、AT:TT_A=1-κ:κ …(1.2.2) かつ A(T_A):T(T_A)=1:κ …(1.2.3)
「証明」
証明はこのブログの「2009.05.28(木)」の [命題1.1]および、[命題1.3]の
AT:T(T_A)=(1-κ):κ …(1.1.9) と同様にできるので、そちらを見るか、
もっと古いのでは「2009.02.18」のブログ「 」を見て下さい。
ポイントは 「t≠1で(→AT)=(1-t)(→AT_A)とするとき、t=κとなる」ことで、
t=κ かつ (→AT)=(1-κ)(→AT_A) であるから、
(→T(T_A))=(→AT_A)-(→AT)=(→AT_A)-(1-κ)(→AT_A)=κ(→AT_A)
すなわち κ≠1のときは、(→T(T_A))=κ(→AT_A) …(1.2.4)からわかる。これから
(1.2.2) ,(1.2.3)がでてくるのである。なお κ=1のときは別に考えるのだった。
(「証明」終わり)
次の「命題1.3」は「命題1.2.2」のA(T_A):T(T_A)=1:κ …(1.2.3)と三角形の相似を使う。
「命題1.3」 「重心座標」と「三線座標」との関係
△ABC⊆E^2⊆E^m (m≧2)としておく。
E^2内の任意の点Tの重心座標を(κ,λ,μ),κ+λ+μ=1 …(1.3.1)とし、「三線座標」を(α,β,γ)と
すれば
α=(2S/a)κ ,β=(2S/b)λ ,γ=(2S/c)μ …(1.3.2)
また
aα+bβ+cγ=2S …(1.3.3)
ここに、Sは三角形ABCの面積、a=BC,b=CA,c=AB である。
「証明」
(1) κ≠1のときは、「命題1.2.2」の(1.2.3)から A(T_A):T(T_A)=1:κ …(1.3.4)
そこでTが直線BC上になく、(→AT)が「直線BCと垂直でない場合」だけ証明しておく。α=T(T^A)である。
△A(T_A)(H_A)∽△T(T_A)(T^A)だから A(H_A):T(T^A)=A(T_A):T(T_A)=1:κ (∵ (1.3.4) )
つまり h_A:α=1:κ …(1.3.5) ⇒ α=(h_A)κ …(1.3.6) ここで「命題1.2.1」の(1.1.5)から
h_A=(2S)/a,よって (1.3.6)は α=(2S/a)κ …(1.3.7) となる。
(2) κ=1のときは、(→AT)は「点Aを通って底辺BCに平行な直線上」にあり、
したがって α=T(T^A)=h_A また κ=1なので α=(h_A)κ …(1.3.6)がやはり成り立つ。
よって 「命題1.2.1」の(1.1.5)から α=(2S/a)κ …(1.3.7) となる。
同様に β=(2S/b)λ ,γ=(2S/c)μ も β=(h_B)λ ,γ=(h_C)μ からでる。
(3)
次に(1.3.2),(1.3.1)から aα+bβ+cγ=(2S)κ+(2S)λ+(2S)μ=(2S)(κ+λ+μ)=(2S)×1=2S
となって (1.3.3)が示された。
2.
それでは、△ABCの「内心I」と「傍心E_A」の「ベクトルによる重心座標表現」を求めよう。
「命題2.1」
△ABC⊆E^2⊆E^m (m≧2)としておく。また △ABCの面積をSとし、a=BC,b=CA,c=AB とする。
△ABCの「内心I」の「ベクトルによる重心座標表現」は、任意の点P∈E^m に対して
(→PI)=[1/(a+b+c)][a(→PA)+b(→PB)+c(→PC)] …(2.1.1)
=[1/(2s)][a(→PA)+b(→PB)+c(→PC)] …(2.1.2)
また 「内接円I」の半径をrとおけば
r=(2S)/(a+b+c)=(2S)/(2s)=S/s …(2.1.3)
ここで 例によって 2s=a+b+c としている。
「証明」
「内心I」から辺BC,CA,ABに下した垂線の足をそれぞれ、I^A,I^B,I^Cとおく。
「内心I」の「三線座標」を(α,β,γ)とおけば α=I(I^A),β=I(I^B),γ=I(I^C)である。
また、任意の点P∈E^m に対して「内心I」の「ベクトルによる重心座標表現」を
(→PI)=κ(→PA)+λ(→PB)+μ(→PC) …(2.1.4) かつ κ+λ+μ=1 …(2.1.5)
とし、「内接円」の半径をrとおけば、「内心I」はまず△ABCの「内部」にあるから
κ>0,λ>0,μ>0 …(2.1.6) かつ I(I^A)=I(I^B)=I(I^C)=r すなわち
α=β=γ=r …(2.1.7) これに「命題1.3」の(1.3.2)を代入して(2.1.7)は
(2S/a)κ=(2S/b)λ=(2S/c)μ=r つまり、
(2Sκ)/a=(2Sλ)/b=(2Sμ)/c=r …(2.1.8) この κ,λ,μとrの連立方程式を
κ+λ+μ=1 かつ κ>0,λ>0,μ>0 …(2.1.6)の基で解けばよい。
そこでいわゆる「加比の理」を用いて
r=(2Sκ/a)=(2Sλ/b)=(2Sμ/c)
=[(2Sκ)+(2Sλ)+(2Sμ)]/(a+b+c)
=(2S)[κ+λ+μ]/(a+b+c)=(2S)/(a+b+c) ( ∵ (2.1.5)のκ+λ+μ=1)
ゆえに r=(2S)/(a+b+c) かつ
κ=a/(a+b+c) ,λ=b/(a+b+c),μ=c/(a+b+c) となるが、
これは(2.1.5)(2.1.6)を満たす。 よって (2.1.4)は
(→PI)=a/(a+b+c)(→PA)+b/(a+b+c)(→PB)+c/(a+b+c)(→PC)
=[1/(a+b+c)][a(→PA)+b(→PB)+c(→PC)]
(「命題2.1」の「証明」終わり )
次に「角A内の傍心E_A」の「ベクトルによる重心座標表現」を求めよう。
「命題2.2」
△ABC⊆E^2⊆E^m (m≧2)としておく。また △ABCの面積をSとし、a=BC,b=CA,c=AB とする。
△ABCの「傍心E_A」の「ベクトルによる重心座標表現」は、任意の点P∈E^m に対して
(→PE_A)=[1/(-a+b+c)][ーa(→PA)+b(→PB)+c(→PC)] …(2.2.1)
=[1/{2(s-a)}][ーa(→PA)+b(→PB)+c(→PC)] …(2.2.2)
また 「傍接円E_A」の半径をr_Aとおけば
r_A=(2S)/(-a+b+c)=(2S)/{2(s-a)}=S/(s-a) …(2.2.3)
「証明」
「傍心E_A」から辺BC,CA,ABに下した垂線の足をそれぞれ、(E_A)^A,(E_A)^B,(E_A)^Cとおく。
「傍心E_A」の「三線座標」を(α,β,γ)とおけば α=E_A((E_A)^A),β=E_A((E_A)^B),γ=E_A((E_A)^C)である。
ただし、α<0,β>0,γ>0 …(2.2.4)である。
また、任意の点P∈E^m に対して「傍心E_A」の「ベクトルによる重心座標表現」を
(→PE_A)=κ(→PA)+λ(→PB)+μ(→PC) …(2.2.5) かつ κ+λ+μ=1 …(2.2.6)
とし、「傍接円E_A」の半径をr_Aとおけば、「傍心E_A」はまず△ABCの外部で
「辺BCに関して頂点Aと反対側」にあり、∠BACの造る領域内にあるから κ<0,λ>0,μ>0 …(2.2.7)
そして(2.2.4)からα=E_A((E_A)^B)<0,β=E_A((E_A)^B)>0,γ=E_A((E_A)^C)>0に注意して、
もう 一つの 条件は -E_A((E_A)^A)=E_A((E_A)^B)=E_A((E_A)^C)=r_A
すなわち -α=β=γ=r_A …(2.2.8)
これに「命題1.3」の(1.3.2)を代入して(2.2.8)は
-(2S/a)κ=(2S/b)λ=(2S/c)μ=r_A …(2.2.9) この κ,λ,μとr_Aの連立方程式を
κ+λ+μ=1 かつ κ<0,λ>0,μ>0 ・・・(2.2.10)の基で解けばよい。
そこで
r_A=-(2S/a)κ=(2S/b)λ=(2S/c)μ を
r_A=(2Sκ/-a)=(2Sλ/b)=(2Sμ/c) と変形して「加比の理」を用いれば
r_A=(2Sκ/-a)=(2Sλ/b)=(2Sμ/c)=[(2Sκ)+(2Sλ)+(2Sμ)]/(-a+b+c)
=(2S)[κ+λ+μ]/(-a+b+c)=(2S)/(-a+b+c) ( ∵ (2.2.6)のκ+λ+μ=1 )
ゆえに r_A=(2S)/(-a+b+c) かつ
κ=-a/(-a+b+c) ,λ=b/(-a+b+c) ,μ=c/(-a+b+c) となるが、
これは(2.2.6),(2.2.7)を満たす。 よって(2.2.5)は
(→PE_A)=-a/(-a+b+c)(→PA)+b/(-a+b+c)(→PB)+c/(-a+b+c)(→PC)
=[1/(-a+b+c)][-a(→PA)+b(→PB)+c(→PC)] そして
-a+b+c=(a+b+c)-2a=2s-2a=2(s-a)より成り立つ。
( 「命題2.2」の「証明」終わり )
「命題2.3」
(1) △ABCの「内心I」の真の「三線座標」は
((2S)/(a+b+c),(2S)/(a+b+c),(2S)/(a+b+c) )
よって 「内心I」の「三線座標」の比は 1:1:1 となる。
(2) △ABCの「傍心E_A」の真の「三線座標」は
(-(2S)/(-a+b+c),(2S)/(-a+b+c),(2S)/(-a+b+c) )
よって「傍心E_A」の「三線座標」の比は-1:1:1 となる。
3.
「命題1.2.2」で「κ≠1のときに限り」、AT:TT_A=1-κ:κ ・・・(1.2.2) かつ
A(T_A):T(T_A)=1:κ ・・・(1.2.3)としたが、この「κ≠1」という「制限を外すことはできない」
次の例を考えてみよう。
「命題3.1」
△ABC⊆E^2⊆E^m(m≧2)としておく。また△ABCの面積をSとし、a=BC,b=CA,c=AB とする。
点Tの「重心座標」を(κ,λ,μ),κ+λ+μ=1としておく。
(1) Tが「垂心H」のときに、κ=1となるのは、「垂心H」が「頂点A」のときである。つまり、
κ=1 ⇔ △ABCは∠A=90゜の直角三角形で、「垂心H」=「頂点A」のときである。
(2) Tが「外心O」のときに、κ=1となるのは、B=C+90゜または C=B+90゜のときで、
このとき、(→AO)//「直線BC」であって、外接円の半径をRとして、
(ア) B=C+90゜のときは「外心O」の「重心座標」は
(κ,λ,μ)=(1,-1/(2sinA),1/(2sinA))・・・(3.1.1)であり、
「外心O」の「ベクトルによる重心座標表現」は
(→PO)=(→PA)-1/(2sinA)(→PB)+1/(2sinA)(→PC) つまり
(→AO)=1/(2sinA)(→BC) ・・・(3.1.2)となる。(→AO)は(→BC)と同じ向きに平行で、
その長さ|(→AO)|=R
(イ) C=B+90゜のときは「外心O」の「重心座標」は
(κ,λ,μ)=(1,1/(2sinA),-1/(2sinA))・・・(3.1.3)であり、
「外心O」の「ベクトルによる重心座標表現」は
(→PO)=(→PA)+1/(2sinA)(→PB)-1/(2sinA)(→PC) つまり
(→AO)=-1/(2sinA)(→BC) ・・・(3.1.4)となる。(→AO)は(→BC)と反対向きに平行で、
その長さ|(→AO)|=R
「証明」
△ABCの「垂心H」,「外心O」の「ベクトルによる重心座標表現」の三角関数表記は、
任意の点P∈E^2⊆E^m(m≧2)に対し、「コタンジェント(余接)」を用いて
(2008.8~9月位のGooのBlog参照)
(→PH)=cotBcotC(→PA)+cotCcotA(→PB)+cotAcotB(→PC) ・・・(3.1.5)
(→PO)=[1/(4sinAsinBsinC)][sin2A(→PA)+sin2B(→PB)+sin2C(→PC)] ・・・(3.1.6)を
用いる。
(1)「垂心H」では上の(3.1.5)から κ=cotBcotC だから、κ=1 ⇔ cotBcotC=1
⇔(cosBcosC)/(sinBsinC)=1 ⇔cosBcosC-sinBsinC=0 ⇔ cos(B+C)=0
ここで 0゜<B+C<180゜だから ⇔B+C=90゜⇔ A=90゜ ⇔ cotA=0
⇒λ=cotCcotA=0,μ=cotAcotB=0
よって(κ,λ,μ)=(1,0,0)で「垂心H」の「ベクトルによる重心座標表現」は
(→PH)=(→PA) ⇔ H=A これで(1)は証明された。
(2)「外心O」では上の(3.1.6)からκ=(sin2A)/[4sinAsinBsinC] だから
κ=1 ⇔(sin2A)/[4sinAsinBsinC]=1 ⇔ sin2A+sin2B+sin2C=sin2A
( ∵ sin2A+sin2B+sin2C=4sinAsinBsinC )
⇔ sin2B+sin2C=0 ⇔ sin(B+C)cos(B-C)=0 ⇔ cos(B-C)=0
-180゜<B-C<180゜ だから ⇔ B-C=±90゜
(ア) B=C+90゜のとき、λ=(sin2B)/[4sinAsinBsinC] ,μ=(sin2C)/[4sinAsinBsinC]
ここで、(sin2B)/[4sinAsinBsinC]=(2sinBcosB)/[4sinAsinBsinC]=cosB/[2sinAsinC]
=cos(C+90)/(2sinAsinC)=-sinC/(2sinAsinC)=-1/(2sinA)
ゆえに λ=-1/(2sinA) ・・・(3.1.7) 同様にして
μ=(cosC)/2sinAsin(C+90゜)]=1/(2sinA) ・・・(3.1.8)
よって (→PO)=(→PA)-1/(2sinA)(→PB)+1/(2sinA)(→PC)
⇔ (→PO)-(→PA)=1/(2sinA)[(→PC)-(→PB)] ⇔ (→AO)=1/(2sinA)(→BC)
また 点Oは外心だから |(→AO)|=R
または実際に |(→AO)|=1/(2sinA)|(→BC)|=a/(2sinA)=(2RsinA)/(2sinA)=R
(∵ 正弦定理 )
(イ) C=B+90゜のとき、λ=(sin2B)/[4sinAsinBsinC]=cosB/[2sinAcosB]=1/(2sinA) ・・・(3.1.9)
μ=(cosC)/[2sinAsinB]=-sinB/[2sinAsinB]=-1/(2sinA) ・・・(3.1.10)
以下同様である。
(「命題3.1」の[証明」終わり )
4.
△ABCの「垂心H」と「外心O」の「三線座標」を求めてみよう。
まず△ABCの面積をSとし、外接円の半径をRとおく。
このとき、正弦定理より、a=2RsinA ,b=2RsinB,c=2RsinC
また、面積公式より 2S=bcsinA=casinB=absinC に注意すれば
「命題1.3]の「重心座標」と「三線座標」との関係は次のようになる。
「命題4.1」
α=(2RsinBsinC)κ ,β=(2RsinCsinA)λ ,γ=(2RsinAsinB)μ …(4.1.1)
「証明」
まず 2S/a=(bcsinA)/(2RsinA)=(bc)/(2R)=(2RsinB)(2RsinC)/(2R)=2RsinBsinC
同様に2S/b=(casinB)/(2RsinB)=2RsinCsinA ,2S/c=(ab)/(2R)=2RsinAsinB …(4.1.2)
これより
α=(2S/a)κ=(2RsinBsinC)κ ,β=(2S/b)λ=(2RsinCsinA)λ ,
γ=(2S/c)μ=(2RsinAsinB)μ
(「命題4.1」の「証明」終わり )
「命題4.2」 △ABCの「外接円」の半径をRとする。
(1) △ABCの「垂心H」の真の「三線座標」(α,β,γ)は
α=2RcosBcosC ,β=2RcosCcosA ,γ=2RcosAcosB …(4.2.1)
(2) △ABCの「外心O」の真の「三線座標」(α,β,γ)は
α=RcosA , β=RcosB ,γ=RcosC …(4.2.2)
「証明」
(1)「垂心H」については、κ=cotBcotC ,λ=cotCcotA ,μ=cotAcotB だから
「命題4.1」により
α=(2RsinBsinC)κ=(2RsinBsinC)×cotBcotC
=(2RsinBsinC)×(cosBcosC)/(sinBsinC)=2RcosBcosC
β=(2RsinCsinA)λ=(2RsinCsinA)×cotCcotA
=(2RsinCsinA)×(cosCcosA)/(sinCsinA)=2RcosCcosA
γ=(2RsinAsinB)μ=(2RsinAsinB)×cotAcotB
=(2RsinAsinB)×(cosAcosB)/(sinCsinA)=2RcosAcosB
(2)「外心O」については、
κ=[1/(4sinAsinBsinC)]sin2A,λ=[1/(4sinAsinBsinC)]sin2B,μ=[1/(4sinAsinBsinC)]sin2C
だから「命題4.1」により
α=(2RsinBsinC)κ=(2RsinBsinC)×[1/(4sinAsinBsinC)](sin2A)
=(2RsinAcosA)/(2sinA)=RcosA
β=(2RsinCsinA)λ=(2RsinCsinA)×[1/(4sinAsinBsinC)](sin2B)=RcosB
γ=(2RsinAsinB)μ=(2RsinAsinB)×[1/(4sinAsinBsinC)](sin2C)=RcosC
[命題4.3」
△ABCの「垂心H」,「外心O」の「三線座標」の簡単な比は次のようになる。
(1)△ABCの「垂心H」については、
「三線座標」の簡単な比は cosBcosC:cosCcosA:cosAcosB …(4.3.1)
(2)△ABCの「外心O」の
「三線座標」の簡単な比は cosA:cosB:cosC …(4.3.2)